内蒙古呼和浩特市中考物理试题（word解析版）_内蒙古中考物理
内蒙古呼和浩特市2016年中考物理试题（word解析版） 一、选择题（本题包括10小题，共22分，前8个题为单选题，每题2分，后两个小题为多选题，每题3分） 1．炎炎夏日，考场如火，细心的监考老师轻轻地地教室地面上洒了些水，不一会儿，考生们就有凉爽、舒适的感觉．对于这一现象所蕴含的物理知识，下列说法中正确的是（ ） A．利用了水的蒸发、吸收热量 B．利用了水的沸腾、吸收热量 C．利用了水的汽化，放出热量 D．利用了水的液化，吸收热量 2．自然界中有许多有趣的光现象，下列光现象中，属于光沿直线传播的是（ ） A．空游泳池中注水后，看起来变浅了 B．平静的湖面上倒映着岸边的景物 C．开凿隧道时，工人们用激光束引导掘进机 D．雨后的天空中，出现了一道彩虹 3．如图所示，下列说法中错误的是（ ） A．这是模拟奥斯特实验的一个场景 B．图示实验说明了通电导线周围存在磁场 C．将电池正负极对调后，重新闭合电路，小磁针偏转方向改变 D．将图中导线断开，小磁针N极将指向地磁的北极 4．下列估测的数据中，最接近实际的是（ ） A．“PM2.5”是指大气中直径大于2.5mm的细颗粒物 B．目前为止，人类奔跑的速度最快可达到约40km/h C．正常情况下，用停表测量，人的脉搏每跳动10次所用时间约为45s D．普通教室的高度约为65dm 5．下列关于信息、能源及可持续发展，判断正确的是（ ） A．电磁波与声波都可以在真空中传播 B．手机之间信息的传递是电磁波在空中的传播来完成的 C．质量较大的原子核发生分裂能释放出惊人的能量，人类由此制成核电站，有百利而无一害[来源:Zxxk.Com] D．电磁波在真空中的传播速度为3×104km/s 6．关于声的知识，下列说法正确的是（ ） A．声音既可以传递信息，又可以传递能量 B．噪声扰民主要是因为其音调太高 C．声音在15℃的空气中，传播速度约为1500m/s D．超声波在空气中比次声波传播速度大 7．下列有关电的知识判断，不正确的是（ ） A．自然界只有两种电荷，正电荷和负电荷 B．电子带负电，所带电荷量为1.6×10﹣19C C．能导电的物体叫做导体，不能导电的物体叫做绝缘体 D．一个氦原子，其核中有2个正电荷，其核外有2个电子 8．以下说法正确的是（ ） A．投篮时，篮球离手后继续飞向篮筐是因为篮球受推力的作用 B．手握水杯静止在空中，水杯只受重力、摩擦力这两个力的作用 C．太阳东升西落，说明无论以什么物体为参照物，它都是运动的 D．以卵击石，虽然卵破，但卵对石头的力与石头对卵的力大小相等 9．如图所示，小宇同学在“测量小灯泡电功率”的实验中，将电压表并在了滑动变阻器两端，闭合开关，发现电路存在故障，并作如下分析，下列判断正确的是（ ） A．若灯不亮，电压表有示数，电路故障可能是灯泡断路 B．若灯不亮，电流表有示数，电路故障可能是灯泡短路 C．若灯不亮，两表都有示数，电路故障可能是滑动变阻器短路 D．若灯不亮，电压表有示数，电路故障可能是滑动变阻器断路 10．如图所示，下列判断正确的是（ ） A．如图（一）所示，静止漂浮在水面的木块，现施加一个竖直向下的力使木块缓缓匀速沉入水底，在这个过程中，木块受到的浮力随时间变化规律如图甲所示 B．如图（二）所示，小球从光滑斜面顶端由静止向下运动，在向下运动过程中，小球与出发点的距离随时间变化规律如图乙所示 C．如图（三）所示，静止在水平桌面上质量为m的水杯，现向杯中匀速缓慢注水，从注水开始到注满的过程中，水杯对桌面的压强随时间变化规律如图丙所示 D．如图（四）所示，质地均匀的长方体木块在水平向右的拉力F作用下，匀速向右移动，从图示位置开始至木块有离开桌面为止，木块对桌面的压强随时间变化规律如图丁所示 二、实验题（本题包括4小题，每小题3分，共12分） 11．徐老师和同学们在实验室做探究【水沸腾时温度变化特点】的实验时，观察到水沸腾时温度计示数如图所示，则所测水的沸点为 ℃，出现这一结果的原因可能是该处大气压 标准大气压（选填“大于”、“小于”或“等于”）；
开始实验时烧杯内最好装入热水，这样做的好处是 ． 12．如图所示，在探究平面镜成像特点的实验中，为使实验的效果更好，实验室内光线应 一些（选填“强”或“弱”）；
实验中某同学将玻璃板及点燃的蜡烛放置好后，在玻璃板另一侧移动未点燃的蜡烛，观察到未点燃的蜡烛与点燃蜡烛的像重合时，记录下了物、像、镜的位置，接下来的操作应是 （选填“整理实验器材”或“改变蜡烛位置多次实验”），实验结束后同学们发现像与物对应点的连线与镜面 ． 13．请按要求作图：
（1）请在图（1）中画出重物上升，最省力的绕线方法；
（2）如图（2），木棒在力F的作用下静止，画出力F关于O点的力臂；
（3）如图（3），请将图中的灯、开关正确连入家庭电路． 14．作为电路中极其重要的元件之一，电源本身也有电阻，如干电池，我们可以把它看成由一个电压为U的理想电源与一个阻值为r的电阻串联而成，如图甲所示，为了测量U和r，某同学设计了如图乙所示电路，已知R1=7Ω，R2=4.5Ω，当闭合开关S，S1时，电压表读数为1.40V，当闭合开关S，S2时，电压表读数为1.35V，则理想电源电压U= ，电池内阻r= ，多次测量往往能减少误差，该同学把电阻换成电阻箱，变换阻值，测出了多组电阻值（用R表示）与相对应的电压表示数（用U′表示），然后他做出了与的关系图象如图丙所示，这条直线与纵轴的交点越向上远离坐标原点，说明电源电压U （选填“越大”、“越小”或“不变”）． 三、计算题（本题包括4小题，每小题3分，共12分） 15．把分别标有“220V 40W”和“36V 40W”的两只白炽灯L1和L2，串联接在电压恒为220V的照明电路中，且两灯电阻不变，求：
（1）两只灯泡的电阻；
（2）两只灯泡实际功率之比． 16．如图所示，矗立在天安门广场的人民英雄纪念碑，碑身高37.94m，由423块花岗岩石块砌成，碑心石是一块竖立的整块花岗岩，高14.7m、宽2.9m、厚1.0m、质量119.3t，求：
（1）碑心石体积；
（2）碑心石密度；
（3）若碑心石单独静止竖立于水平地面上，它对水平地面的压强． 17．某校师生自制了一台多功率电烘箱，电路结构如图所示，所选两根电热丝R1，R2的阻值分别为75Ω、150Ω，由于电路电压不足，实际工作电压为200V，求：
（1）这台电烘箱以最大功率工作时，通过电烘箱的电流；
（2）这台电烘箱以最大功率工作5min，电热丝产生的热量；
（3）这台电烘箱以最大功率工作5h，消耗多少度电． 18．如图所示，一实心正方体铝块浸没在密度为0.9×103kg/m3的油中，其质量为2.7kg，上表面与液面相平行，上、下表面的深度分别为h1和h2，且2h1=h2=20cm，求：
（1）铝块上表面处的液体压强；
（2）若使铝块在图示位置处于静止状态，还应使其在竖直方向受到一个多大的力；
（3）若图中正方体是由密度为3.6×103kg/m3的合金制成，且处于悬浮状态，则该正方体空心部分体积是多少？ 四、综合题（本题包括4小题，19题和20题每题4分，21和22题每题8分，共24分） 19．学习透镜知识时，秦老师与同学们发现照相机、投影仪与放大镜，在距离、成像等方面有差异，经过讨论，确立了探究课题【凸透镜所成像的虚实、大小、倒正跟 （选填“物体的大小”或“物距”）有什么关系】，小敏同学利用图示装置进行实验时，发现当物距大于二倍焦距时移动光屏能承接到一个倒立、 的实像，与上面研究过的 成像原理相同；
若想让所成实像变大些，可将蜡烛适当 （选填“靠近”或“远离”）透镜． 20．在比较水和煤油吸热能力的实验中，使用了相同的酒精灯、相同的设备，在实验室，首先分别对质量相同的水和煤油加热相同的时间，然后分析温度的变化量得出结论，这种实验探究方法叫做 ，该实验是利用 （选填“热传递”或“做功”）的方法来改变水的内能，若被加热水的质量为0.2kg，加热时间长5min，温度升高了50℃，则水吸收的热量是 ，已知c水=4.2×103J/（kg•℃），若某同学测出了加热前、后酒精灯质量的变化量为m，并利用上面测出的水吸收的热量Q，通过公式q=计算出了酒精的热值，则该热值与实际酒精的热值相比 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）． 21．近年来，人们致力于研发以电池为动力的纯电动汽车，期望更加节能环保、安全而高效，并取得了长足的进步，对于某成熟品牌的电动汽车，已知其质量恒为m，在水平路面上行进过程中所受阻力恒定（不计空气阻力）． （1）该汽车匀速爬上倾角为30°的斜坡时，汽车的动能 ，重力势能 ，机械能 （选填“增大”、“减小”或“不变”）；
（2）若斜坡长为L，爬坡速度为v1，求汽车爬坡所用时间；
（3）如果该汽车以v2的速度在水平路面上行驶，且牵引力的功率为P，行驶t2时间内，消耗的电能为E，求：在这个过程中，摩擦阻力大小及汽车的效率；
（4）若汽车在相同的水平路面上以v2的速度匀速行驶时间为t3，试求牵引力在t3时间内做的功． 22．马剑同学利用如图甲所示电器，测定自己制作的玩具小飞机所需要的电动机工作数据，已知电源电压恒定，当滑动变阻器滑片从一端滑至另一端的过程中，两个电压表的读数与电流表的读数变化关系如图乙所示，当通过电动机的电流大于0.4A时，电动机转子才转动． （1）开关S闭合前，滑动变阻器滑片应滑至最 端（选填“左”或“右”）；
由图可知电源电压为 V，其中 （选填“a”或“b”）是表示与变化的规律；
（2）求电动机线圈的电阻和滑动变阻器的最大阻值；
（3）在这个过程中，求电动机的最大输出功率；
当电动机输出功率最大时，求电动机的效率． 2016年内蒙古呼和浩特市中考物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题（本题包括10小题，共22分，前8个题为单选题，每题2分，后两个小题为多选题，每题3分） 1．炎炎夏日，考场如火，细心的监考老师轻轻地地教室地面上洒了些水，不一会儿，考生们就有凉爽、舒适的感觉．对于这一现象所蕴含的物理知识，下列说法中正确的是（ ） A．利用了水的蒸发、吸收热量 B．利用了水的沸腾、吸收热量 C．利用了水的汽化，放出热量 D．利用了水的液化，吸收热量 【考点】蒸发及其现象． 【分析】蒸发是一种汽化现象，汽化要吸热；
蒸发有致冷作用． 【解答】解：夏天在教室内洒一些水会觉得凉快些，这是因为水会发生蒸发，蒸发过程中吸热，导致气温降低，所以感觉凉爽． 故选A． 2．自然界中有许多有趣的光现象，下列光现象中，属于光沿直线传播的是（ ） A．空游泳池中注水后，看起来变浅了 B．平静的湖面上倒映着岸边的景物 C．开凿隧道时，工人们用激光束引导掘进机 D．雨后的天空中，出现了一道彩虹 【考点】光在均匀介质中直线传播． 【分析】（1）光在同种均匀均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等． 【解答】解：
A、注满水的游泳池，池底看起来变浅了，是由于光从水中斜射入空气中时，发生折射，故A不符合题意；
B、平静的水面能形成岸上景物清晰的像，是利用了光的反射，故B不符合题意；
C、开凿隧道用激光束引导掘进机，使掘进机沿直线前进，是利用光沿直线传播，故C符合题意；
D、雨后彩虹，是光的色散现象，是由光的折射形成的；
故D不符合题意． 故选C． 3．如图所示，下列说法中错误的是（ ） A．这是模拟奥斯特实验的一个场景 B．图示实验说明了通电导线周围存在磁场 C．将电池正负极对调后，重新闭合电路，小磁针偏转方向改变 D．将图中导线断开，小磁针N极将指向地磁的北极 【考点】通电直导线周围的磁场． 【分析】奥斯特实验说明通电导线周围存在着磁场，且磁场的方向与电流的方向有关，故据此分析即可判断；
【解答】解：A、据图可知，该实验是用于模拟奥斯特实验的一个场景，故A正确；
B、该实验中，若给导线通电，下面的小磁针会转动，即说明通电导线周围存在着磁场，故B正确；
C、由于磁场的方向与电流的方向有关，所以将电池正负极对调后，重新闭合电路，小磁针偏转方向改变，故C正确；
D、将图中导线断开，小磁针由于地磁的缘故，即N极将指向地理的北极，而不是地磁的北极，故D错误；
故选D． 4．下列估测的数据中，最接近实际的是（ ） A．“PM2.5”是指大气中直径大于2.5mm的细颗粒物 B．目前为止，人类奔跑的速度最快可达到约40km/h C．正常情况下，用停表测量，人的脉搏每跳动10次所用时间约为45s D．普通教室的高度约为65dm 【考点】速度与物体运动；
时间的估测；
长度的估测． 【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个． 【解答】解：
A、PM2.5指空气中直径等于或小于2.5μm的固态可吸入颗粒物．此选项不符合实际；
B、目前为止，人类奔跑的速度最快可达到约10m/s=36km/h，与40km/h接近，故此选项符合实际；
C、正常情况下，用停表测量人的脉搏时，1min跳动大约60次，因此每跳动10次所用时间约为10s，故此选项不符合实际；
D、普通教室的高度约为3.3m=33dm，故此选项不符合实际． 故选B． 5．下列关于信息、能源及可持续发展，判断正确的是（ ） A．电磁波与声波都可以在真空中传播 B．手机之间信息的传递是电磁波在空中的传播来完成的 C．质量较大的原子核发生分裂能释放出惊人的能量，人类由此制成核电站，有百利而无一害 D．电磁波在真空中的传播速度为3×104km/s 【考点】电磁波的传播；
声音的传播条件． 【分析】（1）电磁波可以在真空中传播，声音不能在真空中传播；
（2）手机就是靠电磁波来传递信息的；
（3）质量较大的原子核分裂时释放的巨大核能可制成核电站；
（4）电磁波的传播速度等于光速c=3×108m/s． 【解答】解：A、声音不能在真空中传播．故A错误；
B、手机就是靠电磁波来传递信息的，故B正确；
C、质量较大的原子核分裂时释放的巨大核能可制成核电站，核电站的建成利大于弊，但核污染是大问题，故C错误；
D、电磁波在真空中的速度等于光速c=3×108m/s，故D错误；
故选B． 6．关于声的知识，下列说法正确的是（ ） A．声音既可以传递信息，又可以传递能量 B．噪声扰民主要是因为其音调太高 C．声音在15℃的空气中，传播速度约为1500m/s D．超声波在空气中比次声波传播速度大 【考点】声与信息；
声速；
噪声及来源；
声与能量． 【分析】（1）声波可以传递信息，如：隆隆的雷声预示着一场可能的大雨，“声呐”的利用、医用“B超”等；
声波能够传递能量，如：利用声波来清洗钟表等精细的机械，“超声波碎石”等；
（2）噪声的分类有两种：①从物理角度考虑：物体做不规则振动时发出的声音是噪声；
②从生活角度考虑：凡是干扰人们正常休息、学习和工作的，都是噪声；
（3）声音在15℃的空气中声音的传播速度是340m/s；
（4）在同一介质中超声波和次声波传播的速度相同． 【解答】解：
A、声波既可以传递信息，也可以传播能量具有能量，如利用B超对孕妇做常规检查，是利用声波传递信息；
外科医生可以利用超声波振动除去人体内的结石，是利用声波能够传递能量，故A正确；
B、巨大的噪声主要是因为它发出声音的响度大，故B错误；
C、在15℃的空气中声音的传播速度是340m/s，故C错误；
D、在同种介质中超声波与次声波传播速度相同，故D错误． 故选A． 7．下列有关电的知识判断，不正确的是（ ） A．自然界只有两种电荷，正电荷和负电荷 B．电子带负电，所带电荷量为1.6×10﹣19C C．能导电的物体叫做导体，不能导电的物体叫做绝缘体 D．一个氦原子，其核中有2个正电荷，其核外有2个电子 【考点】正电荷与负电荷；
原子结构、元电荷与带电情况；
导体；
绝缘体． 【分析】①自然界的电荷只有两种，富兰克林把它们命名为正电荷和负电荷；
②元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示；
③导体容易导电，绝缘体不容易导电，导体与绝缘体没有严格的界限；
④原子由原子核和核外电子组成，原子核包括质子和中子两部分，质子带正电，中子不带电，核外电子带负电．一般情况下，原子核所带正电荷数与电子所带负电荷数相同． 【解答】解：
A、自然界的电荷只有两种：正电荷和负电荷．此选项正确；
B、在各种带电微粒中，电子所带电荷量是最小的，为1.6×10﹣19C．此选项正确；
C、导体容易导电，绝缘体不容易导电，导体与绝缘体没有严格的界线，因此用“能或不能”导电来辨别它们是不合适的．此选项错误；
D、氦是2号化学元素，在其原子核中有2个质子（即有2个正电荷），核外有2个带负电的电子．此选项正确． 故选C． 8．以下说法正确的是（ ） A．投篮时，篮球离手后继续飞向篮筐是因为篮球受推力的作用 B．手握水杯静止在空中，水杯只受重力、摩擦力这两个力的作用 C．太阳东升西落，说明无论以什么物体为参照物，它都是运动的 D．以卵击石，虽然卵破，但卵对石头的力与石头对卵的力大小相等 【考点】惯性；
参照物及其选择；
力作用的相互性． 【分析】（1）惯性是物体本身具有的保持原来运动状态不变的性质；
（2）对有水的水杯进行受力分析即可解答；
（3）研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同；
（4）作用力和反作用力之间的关系是：两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上． 【解答】解：
A、因为任何物体都有惯性，所以当篮球离开手后由于惯性会继续在向上运动，故A错误；
B、手握有水的水杯静止在空中，则受力平衡，分析可知，水杯受到竖直向下的重力和竖直向上的静摩擦力作用，此外，杯内的水有重力，会对杯子产生压力，在这几个力的作用下，水杯保持平衡状态，故B错误；
C、物体的运动和静止是相对的，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，如果选择与太阳东运动方向和速度都相同的物体为参照物，它就是静止的，故C错误；
D、以卵击石，鸡蛋对石头的作用力与石头对鸡蛋的作用力是一对相互作用的力，大小相等，方向相反，故D正确． 故选D． 9．如图所示，小宇同学在“测量小灯泡电功率”的实验中，将电压表并在了滑动变阻器两端，闭合开关，发现电路存在故障，并作如下分析，下列判断正确的是（ ） A．若灯不亮，电压表有示数，电路故障可能是灯泡断路 B．若灯不亮，电流表有示数，电路故障可能是灯泡短路 C．若灯不亮，两表都有示数，电路故障可能是滑动变阻器短路 D．若灯不亮，电压表有示数，电路故障可能是滑动变阻器断路 【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用． 【分析】根据电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流；
根据选项中灯泡的发光情况以及仪表是否有示数分析电路故障所在． 【解答】解：
A、若灯不亮，则电路故障可能为灯泡短路或电路某处断路；
电压表有示数，说明电压表与电源两极连通，因此电路故障为灯泡短路，或变阻器断路，故A错误；
B、若灯不亮，则电路故障可能为灯泡短路或电路某处断路；
电流表有示数，说明电路为通路，因此电路故障为灯泡短路，故B正确；
C、若灯不亮，则电路故障可能为灯泡短路或电路某处断路；
电流表有示数，说明电路为通路，电压表有示数，说明电压表与电源两极连通，因此电路故障可能为灯泡短路，故C错误；
D、若灯不亮，则电路故障可能为灯泡短路或电路某处断路；
电压表有示数，说明电压表与电源两极连通，因此电路故障为滑动变阻器断路，故D正确． 故选BD． 10．如图所示，下列判断正确的是（ ） A．如图（一）所示，静止漂浮在水面的木块，现施加一个竖直向下的力使木块缓缓匀速沉入水底，在这个过程中，木块受到的浮力随时间变化规律如图甲所示 B．如图（二）所示，小球从光滑斜面顶端由静止向下运动，在向下运动过程中，小球与出发点的距离随时间变化规律如图乙所示 C．如图（三）所示，静止在水平桌面上质量为m的水杯，现向杯中匀速缓慢注水，从注水开始到注满的过程中，水杯对桌面的压强随时间变化规律如图丙所示 D．如图（四）所示，质地均匀的长方体木块在水平向右的拉力F作用下，匀速向右移动，从图示位置开始至木块有离开桌面为止，木块对桌面的压强随时间变化规律如图丁所示 【考点】阿基米德原理；
速度与物体运动；
压强大小比较． 【分析】分别并分析上面四个过程中两个量之间的大小关系，结合下面对应图象，判断各个选项的正误． 【解答】解：
A、如图（一）所示，施加一个竖直向下的力使木块缓缓匀速沉入水底，在这个过程中，木块排开水的体积先变大、后不变，受到的浮力先变大、后不变，受到的浮力随时间变化规律如图甲所示，故A正确；
B、如图（二）所示，小球从光滑斜面顶端由静止向下运动，在向下运动过程中，小球做加速运动，相同时间内通过的距离逐渐变大；
而图乙中，小球与出发点的距离随时间变化规律是相同时间内通过的距离逐渐变小（s随t的变化越来越缓慢），故B错；
C、如图（三）所示，当还没有注水时水杯对桌面有一定的压强（不为0），向杯中匀速缓慢注水，从注水开始到注满的过程中，深度逐渐增大，水杯对桌面的压强逐渐增大，符合如图丙反映的规律，故C正确；
D、如图（四）所示，从图示位置开始一段时间内，压力不变、受力面积不变，压强不变；
当木块的一部分离开桌面后，压力不变、受力面积变小，压强变大；
所以整个过程中，木块对桌面的压强先不变、后变大，符合如图丁反映的规律，故D正确． 故选ACD． 二、实验题（本题包括4小题，每小题3分，共12分） 11．徐老师和同学们在实验室做探究【水沸腾时温度变化特点】的实验时，观察到水沸腾时温度计示数如图所示，则所测水的沸点为 98 ℃，出现这一结果的原因可能是该处大气压 小于 标准大气压（选填“大于”、“小于”或“等于”）；
开始实验时烧杯内最好装入热水，这样做的好处是 节约时间 ． 【考点】沸腾及沸腾条件；
沸点及沸点与气压的关系． 【分析】（1）要会进行温度计的读数，在读数时，首先认清温度计的分度值；
（2）液体的沸点跟气压的大小有关，气压增大，沸点升高；
气压减小，沸点降低；
（3）此实验的目的是观察水的沸腾特点，实验前用热水，可以节约加热升温的时间． 【解答】解：由图知，此温度计的分度值是1℃，所以此时温度计的示数是98℃，即水的沸点是98℃；
因为液体的沸点跟气压的大小有关，标准大气压下，水沸腾时的温度是100℃，所以该实验环境的气压小于1标准大气压；
实验时烧杯中装入热水，好处是可以节省时间． 故答案为：98；
小于；
节约时间． [来源:Zxxk.Com] 12．如图所示，在探究平面镜成像特点的实验中，为使实验的效果更好，实验室内光线应 弱 一些（选填“强”或“弱”）；
实验中某同学将玻璃板及点燃的蜡烛放置好后，在玻璃板另一侧移动未点燃的蜡烛，观察到未点燃的蜡烛与点燃蜡烛的像重合时，记录下了物、像、镜的位置，接下来的操作应是 改变蜡烛位置多次实验 （选填“整理实验器材”或“改变蜡烛位置多次实验”），实验结束后同学们发现像与物对应点的连线与镜面 垂直 ． 【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案． 【分析】（1）探究平面镜成像实验时，物体和环境对比度越大，并且物体越亮，物体的像越清晰． （2）一次实验不具备代表性，具有很大的偶然性，所以应采取同样的实验方案多做几次，才能保证结论的正确． （3）物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等． 【解答】解：（1）蜡烛点燃时比较亮，在较弱的环境中，烛焰和环境的对比度比较大，烛焰的像会更清晰． （2）一次实验不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，避免实验现象的偶然性，才能保证结论的正确．所以应改变蜡烛位置多次实验． （3）连接物体和物体的像点，发现物像连线和镜面垂直，物像到镜面的距离相等． 故答案为：弱；
改变蜡烛位置多次实验；
垂直． 13．请按要求作图：
（1）请在图（1）中画出重物上升，最省力的绕线方法；
（2）如图（2），木棒在力F的作用下静止，画出力F关于O点的力臂；
（3）如图（3），请将图中的灯、开关正确连入家庭电路．[来源:学|科|网Z|X|X|K] 【考点】滑轮组的设计与组装；
力臂的画法；
家庭电路的连接． 【分析】（1）滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力． （2）力臂是支点到力的作用线的距离；
由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂． （3）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；
零线直接接入灯泡的螺旋套． 【解答】解：（1）从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法．如图所示：
（2）支点为O，延长力F的作用线，然后从支点O作力F的作用线的垂线段，垂线段即为力F的力臂，如下图所示：
（3）火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套；
如下图所示：
14．作为电路中极其重要的元件之一，电源本身也有电阻，如干电池，我们可以把它看成由一个电压为U的理想电源与一个阻值为r的电阻串联而成，如图甲所示，为了测量U和r，某同学设计了如图乙所示电路，已知R1=7Ω，R2=4.5Ω，当闭合开关S，S1时，电压表读数为1.40V，当闭合开关S，S2时，电压表读数为1.35V，则理想电源电压U= 1.5V ，电池内阻r= 0.5Ω ，多次测量往往能减少误差，该同学把电阻换成电阻箱，变换阻值，测出了多组电阻值（用R表示）与相对应的电压表示数（用U′表示），然后他做出了与的关系图象如图丙所示，这条直线与纵轴的交点越向上远离坐标原点，说明电源电压U 越小 （选填“越大”、“越小”或“不变”）． 【考点】欧姆定律的应用． 【分析】（1）当闭合开关S，S1时，R1与r串联；
当只闭合S2时，R2与r串联；
根据电阻的串联特点和欧姆定律分别得出等式，联立等式即可求出电源的电压和电源的内阻． （2）结合图象得出与的关系，进而可知电源电压的变化． 【解答】解：（1）当闭合开关S，S1时，R1与r串联；
根据串联电路的特点和欧姆定律得：
电源电压U=U1+I1r=U1+r=1.40V+×r﹣﹣﹣﹣﹣① 当闭合开关S，S2时，R2与r串联；
根据串联电路的特点和欧姆定律得：
电源电压U=U2+I2r=U2+r=1.35V+×r﹣﹣﹣﹣﹣② 由①②两式可得：U=1.5V，r=0.5Ω． （2）由图象可知：随的变大而变大，所以，这条直线与纵轴的交点越向上远离坐标原点，说明的越大，则越大，所以U′变小，即电源提供的电压U越小． 故答案为：1.5；
0.5；
越小． 三、计算题（本题包括4小题，每小题3分，共12分） 15．把分别标有“220V 40W”和“36V 40W”的两只白炽灯L1和L2，串联接在电压恒为220V的照明电路中，且两灯电阻不变，求：
（1）两只灯泡的电阻；
（2）两只灯泡实际功率之比． 【考点】电功率的计算；
实际功率． 【分析】（1）根据P=的变形公式即可求出灯泡的阻值；
（2）根据P=I2R即可求两只灯泡实际功率之比． 【解答】解：（1）由P=可得：
R1===1210Ω；
R2===32.4Ω；
（2）因为串联电路中处处电流相等，因此由P=I2R可得，P1实：P2实=R1：R2=1210Ω：32.4Ω=3025：81． 答：（1）两只灯泡的电阻分别为1210Ω和32.4Ω；
（2）两只灯泡实际功率之比为3025：81． [来源:学.科.网Z.X.X.K] 16．如图所示，矗立在天安门广场的人民英雄纪念碑，碑身高37.94m，由423块花岗岩石块砌成，碑心石是一块竖立的整块花岗岩，高14.7m、宽2.9m、厚1.0m、质量119.3t，求：
（1）碑心石体积；
（2）碑心石密度；
（3）若碑心石单独静止竖立于水平地面上，它对水平地面的压强． 【考点】密度的计算；
压强的大小及其计算． 【分析】（1）根据体积公式可求碑心石体积；
（2）已知质量和体积，利用密度公式计算碑心石密度；
（3）碑心石静止竖立于水平地面上，它对水平地面的压力等于其重力，再求出竖立于水平地面上时的受力面积，利用压强公式计算压强大小． 【解答】解：（1）碑心石体积：
V=abc=14.7m×2.9m×1.0m=42.6m3；
（2）碑心石密度：
ρ==≈2.8×103kg/m3；
（3）碑心石静止竖立于水平地面上，它对水平地面的压力：
F=G=mg=119.3×103kg×10N/kg=119.3×104N， 它对水平地面的压强：
p==≈4.1×105Pa． 答：（1）碑心石体积为42.6m3；
（2）碑心石密度为2.8×103kg/m3；
（3）若碑心石单独静止竖立于水平地面上，它对水平地面的压强为4.1×105Pa． 17．某校师生自制了一台多功率电烘箱，电路结构如图所示，所选两根电热丝R1，R2的阻值分别为75Ω、150Ω，由于电路电压不足，实际工作电压为200V，求：
（1）这台电烘箱以最大功率工作时，通过电烘箱的电流；
（2）这台电烘箱以最大功率工作5min，电热丝产生的热量；
（3）这台电烘箱以最大功率工作5h，消耗多少度电． 【考点】欧姆定律的应用；
电功的计算；
电热． 【分析】（1）两电热丝并联同时工作时电烤箱的功率最大，根据并联电路的特点和欧姆定律求出通过电烘箱的电流；
（2）根据Q=W=UIt求出这台电烘箱以最大功率工作5min电热丝产生的热量；
（3）根据P=UI求出电烘箱的最大功率，根据W=Pt求出这台电烘箱以最大功率工作5h消耗的电能． 【解答】解：（1）两电热丝并联同时工作时电烘箱的功率最大， 因并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，[来源:学#科#网] 所以，通过电烘箱的电流：
I=I1+I2=+=+=4A；
（2）这台电烘箱以最大功率工作5min，电热丝产生的热量：
Q=W=UIt=200V×4A×5×60s=2.4×105J；
（3）电烘箱的最大功率：
P=UI=200V×4A=800W=0.8kW， 由P=可得，这台电烘箱以最大功率工作5h消耗的电能：
W=Pt=0.8kW×5h=4kW•h=4度． 答：（1）这台电烘箱以最大功率工作时，通过电烘箱的电流为4A；
（2）这台电烘箱以最大功率工作5min，电热丝产生的热量为2.4×105J；
（3）这台电烘箱以最大功率工作5h，消耗4度电． 18．如图所示，一实心正方体铝块浸没在密度为0.9×103kg/m3的油中，其质量为2.7kg，上表面与液面相平行，上、下表面的深度分别为h1和h2，且2h1=h2=20cm，求：
（1）铝块上表面处的液体压强；
（2）若使铝块在图示位置处于静止状态，还应使其在竖直方向受到一个多大的力；
（3）若图中正方体是由密度为3.6×103kg/m3的合金制成，且处于悬浮状态，则该正方体空心部分体积是多少？ 【考点】液体的压强的计算；
密度公式的应用；
浮力大小的计算． 【分析】（1）由题意可知铝块上表面所处的深度，根据p=ρgh求出受到的液态压强；
（2）正方体上下表面所处深度的差值即为其边长，根据V=L3求出正方体的体积，根据阿基米德原理求出受到的浮力，铝块静止时处于平衡状态，受到的力为平衡力，根据力的平衡求出竖直方向施加的力；
（3）合金处于悬浮状态时受到的浮力和自身的重力相等，根据G=mg求出合金的质量，根据ρ=求出正方体中合金的体积，正方体的体积减去合金的体积即为空心部分的体积． 【解答】解：（1）铝块上表面所处的深度：
h1=10cm=0.1m， 铝块上表面处的液体压强：
p1=ρgh1=0.9×103kg/m3×10N/kg×0.1m=900Pa；
（2）正方体的边长：
L=h2﹣h1=0.2m﹣0.1m=0.1m， 正方体铝块的体积：
V=L3=（0.1m）3=10﹣3m3， 正方体铝块浸没时受到的浮力：
F浮=ρgV排=ρgV=0.9×103kg/m3×10N/kg×10﹣3m3=9N， 因铝块静止时处于平衡状态，受到的力为平衡力， 所以，施加的力：
F=G﹣F浮=mg﹣F浮=2.7kg×10N/kg﹣9N=18N， 即施加竖直向上18N的力；
（3）合金处于悬浮状态时受到的浮力和自身的重力相等， 则合金的质量：
m′====0.9kg， 由ρ=可得，正方体中合金的体积：
V′===2.5×10﹣4m3， 空心部分的体积：
V空=V﹣V′=10﹣3m3﹣2.5×10﹣4m3=7.5×10﹣4m3． 答：（1）铝块上表面处的液体压强为900Pa；
（2）若使铝块在图示位置处于静止状态，还应使其在竖直方向受到一个18N的力；
（3）若图中正方体是由密度为3.6×103kg/m3的合金制成，且处于悬浮状态，则该正方体空心部分体积是7.5×10﹣4m3． 四、综合题（本题包括4小题，19题和20题每题4分，21和22题每题8分，共24分） 19．学习透镜知识时，秦老师与同学们发现照相机、投影仪与放大镜，在距离、成像等方面有差异，经过讨论，确立了探究课题【凸透镜所成像的虚实、大小、倒正跟 物距 （选填“物体的大小”或“物距”）有什么关系】，小敏同学利用图示装置进行实验时，发现当物距大于二倍焦距时移动光屏能承接到一个倒立、 缩小 的实像，与上面研究过的 照相机 成像原理相同；
若想让所成实像变大些，可将蜡烛适当 靠近 （选填“靠近”或“远离”）透镜． 【考点】凸透镜成像规律及其探究实验． 【分析】根据探究的实验目的，提出问题，进行合理的猜想，从而确定探究问题． 凸透镜成像的三种情况和应用之一：u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机． 凸透镜成实像时，物近像远像变大． 【解答】解：探究“凸透镜成像规律”，发现照相机、投影仪与放大镜，在距离、成像等方面有差异，因此探究问题应该是凸透镜所成像的虚实、大小、倒正跟物距的关系是什么． 根据凸透镜成像规律，可知，u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机． 凸透镜成实像时，物近像远像变大．若想让所成实像变大些，应减小物距，可将蜡烛适当靠近透镜． 故答案为：物距；
缩小；
照相机；
靠近． 20．在比较水和煤油吸热能力的实验中，使用了相同的酒精灯、相同的设备，在实验室，首先分别对质量相同的水和煤油加热相同的时间，然后分析温度的变化量得出结论，这种实验探究方法叫做 控制变量法 ，该实验是利用 热传递 （选填“热传递”或“做功”）的方法来改变水的内能，若被加热水的质量为0.2kg，加热时间长5min，温度升高了50℃，则水吸收的热量是 4.2×104J ，已知c水=4.2×103J/（kg•℃），若某同学测出了加热前、后酒精灯质量的变化量为m，并利用上面测出的水吸收的热量Q，通过公式q=计算出了酒精的热值，则该热值与实际酒精的热值相比 偏小 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）． 【考点】控制变量法与探究性实验方案；
热量的计算． 【分析】（1）为了便于比较水和煤油的吸热能力，需采用控制变量法，即水和煤油的质量、初温都都相同，相同的酒精灯加热相同的时间、吸收相同的热量． （2）改变物体内能的方法：做功、热传递；
（3）知道水的质量、水温度升高值、水的比热容，根据吸热公式Q吸=cm△t计算出水吸收的热量；
（4）由于存在热损失，酒精完全燃烧放出的热量不能全被水或煤油吸收． 【解答】解：
（1）首先分别对质量相同的水和煤油加热相同的时间，然后分析温度的变化量得出结论，这种实验探究方法叫做控制变量法；
（2）水、煤油从火焰吸收热量、温度升高、内能增大，是利用热传递的方法来改变内能；
（3）水吸收的热量：
Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×50℃=4.2×104J；
（4）由于存在热损失，酒精完全燃烧放出的热量不能全被水或煤油吸收，使得热量值偏小，由q=可知测量的热值偏小． 故答案为：控制变量法；
热传递；
4.2×104J；
偏小． 21．近年来，人们致力于研发以电池为动力的纯电动汽车，期望更加节能环保、安全而高效，并取得了长足的进步，对于某成熟品牌的电动汽车，已知其质量恒为m，在水平路面上行进过程中所受阻力恒定（不计空气阻力）． （1）该汽车匀速爬上倾角为30°的斜坡时，汽车的动能 不变 ，重力势能 增大 ，机械能 增大 （选填“增大”、“减小”或“不变”）；
（2）若斜坡长为L，爬坡速度为v1，求汽车爬坡所用时间；
（3）如果该汽车以v2的速度在水平路面上行驶，且牵引力的功率为P，行驶t2时间内，消耗的电能为E，求：在这个过程中，摩擦阻力大小及汽车的效率；
（4）若汽车在相同的水平路面上以v2的速度匀速行驶时间为t3，试求牵引力在t3时间内做的功． 【考点】动能和势能的大小变化；
速度公式及其应用；
功的计算；
功率的计算；
热机的效率． 【分析】（1）动能和物体的质量、速度有关；
重力势能和物体的质量、高度有关；
机械能等于动能和势能之和；
（2）据速度公式计算即可；
（3）据匀速直线运动可知，牵引力等于摩擦力；
而后据效率的公式计算即可；
（4）据P=Fv和速度的公式，结合W=FS计算即可得出答案． 【解答】解：（1）该汽车匀速爬上倾角为30°的斜坡时，汽车的质量不变，速度不变，故动能不变，同时高度增加，故重力势能增大，故机械能增大增大；
（2）若斜坡长为L，爬坡速度为v1，求汽车爬坡所用时间为：
v=可得：t==；
（3）据匀速直线运动可知，牵引力等于摩擦力：
故据P=Fv可知，f=F=；
此过程中的有用功是：W有=Pt2 所以此时的效率是：η==；
（3）此时的牵引力是：
据P=Fv=Fv2 故F=；
据v=得：
s2=v2×t3= 故此时做的功是：
W=Fs=×=Pt3；
答：（1）不变；
增大；
增大；
（2）汽车爬坡所用时间；
（3）在这个过程中，摩擦阻力大小；
汽车的效率；
（4）牵引力在t3时间内做的功Pt3；
22．马剑同学利用如图甲所示电器，测定自己制作的玩具小飞机所需要的电动机工作数据，已知电源电压恒定，当滑动变阻器滑片从一端滑至另一端的过程中，两个电压表的读数与电流表的读数变化关系如图乙所示，当通过电动机的电流大于0.4A时，电动机转子才转动． （1）开关S闭合前，滑动变阻器滑片应滑至最 右 端（选填“左”或“右”）；
由图可知电源电压为 3 V，其中 b （选填“a”或“b”）是表示与变化的规律；
（2）求电动机线圈的电阻和滑动变阻器的最大阻值；
（3）在这个过程中，求电动机的最大输出功率；
当电动机输出功率最大时，求电动机的效率． 【考点】欧姆定律的应用；
电功率的计算． 【分析】由电路图可知，电动机M与滑动变阻器串联，电压表V1测M两端的电压，电压表V2测电源的电压，电流表测电路中的电流． （1）为防止电路中电流过大烧坏电动机和电源，闭合开关前滑动变阻器处于最大阻值处；
电源电压恒定，则电压表V2的示数不变，据此判断V1与A的变化规律，由图象可知电源的电压；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象可知电动机两端的电压和电路中的电流，此时电动机转子不转动是纯电阻用电器，根据欧姆定律求出电动机线圈的电阻和电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值；
（3）当电路中的电流最大时电动机的输出功率最大，根据图象可知电路中的最大电流，根据P=UI求出输出的最大功率；
根据P=I2R求出线圈电阻的发热功率，输出功率减去发热功率即为输出机械能的功率，输出机械能的功率和消耗电能的功率之比即为电动机的效率． 【解答】解：由电路图可知，电动机M与滑动变阻器串联，电压表V1测M两端的电压，电压表V2测电源的电压，电流表测电路中的电流． （1）为保护电路，开关S闭合前，滑动变阻器滑片处于最大阻值处的最右端；
因电源电压恒定， 所以，电压表V2的示数不变，由图象可知a表示V2与A的变化规律、b表示V1与A的变化规律，且电源的电压为3V；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小， 由图象可知，电动机两端的电压UM=0.2V，电路中的电流I=0.2A， 由I=可得，电动机线圈的电阻和电路中的总电阻分别为：
R线圈===1Ω，R===15Ω， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，滑动变阻器的最大阻值：
R滑=R﹣R线圈=15Ω﹣1Ω=14Ω；
（3）当电路中的电流最大时，电动机的输出功率最大， 由图象可知，电路中的最大电流I大=0.6A， 电动机的最大输出功率：
P大=UI大=3V×0.6A=1.8W， 线圈电阻的发热功率：
P线圈=I大2R线圈=（0.6A）2×1Ω=0.36W， 输出功率：
P输出=P大﹣P线圈=1.8W﹣0.36W=1.44W， 电动机的效率：
η=×100%=×100%=80%． 答：（1）右；
3；
b；
（2）电动机线圈的电阻为1Ω，滑动变阻器的最大阻值为14Ω；
（3）在这个过程中，电动机的最大输出功率为1.8W；
当电动机输出功率最大时，电动机的效率为80%．